\lim_{x\to 0} \dfrac{x+3}{1+\sqrt{x}} limiti için 3'e eşittir mi demeliyiz, yoksa 'YOKTUR' mu demeliyiz?
1. Görüş: \sqrt{x}'in tanım kümesinden dolayı sadece x\geq 0 durumu ele alınıp sağdan limit hesabı yapılır, sağdan limitin değeri olan 3, aranan limittir.
2. Görüş: Soldan limit \lim_{x\to 0^-} \dfrac{x+3}{1+\sqrt{x}} olmadığından \lim_{x\to 0} \dfrac{x+3}{1+\sqrt{x}} limiti de yoktur. Veya \lim_{x\to 0} \dfrac{x+3}{1+\sqrt{x}} limitinden bahsedemeyiz, demeliyiz.
3. Görüş (Nasreddin Hoca Yaklaşımı): Hangi görüşü benimsediğinize göre sorunun cevabı değişir. Birinci görüşü benimseyenler haklıdır, ikinci görüşü benimseyenler de haklıdır. Herkesin limit tanımı kendine.
-Nasreddin hocam ikisi birden haklı olur mu hiç?
+Sen de haklısın!
Ek Soru: Limit varsa, bunu delta-epsilon tekniği ile gösterelim.
Ben biraz ilerlettim ve şöyle bir şeyler oluştu.
Her \epsilon >0 için |x|<\delta iken |f(x) - 3|<\epsilon olacak biçimde bir \epsilon = \epsilon (\delta ) sayısı bulunabildiğini göstermeliyiz. Burada f(x)=\dfrac{x+3}{1+\sqrt{x}} fonksiyonudur.
|f(x) - 3|= \left|\dfrac{x-3\sqrt{x}}{1+\sqrt{x}} \right| ifadesinde 0\leq x \leq 9 için \dfrac{x-3\sqrt{x}}{1+\sqrt{x}} \leq 0 dır. x'in 0'a yakın bir pozitif gerçel sayı olduğunu düşünerek işlemlerimizi yapalım. (x >9 iken de ayrıca bir inceleme gerekecektir, fakat bu basamak zor olmasa gerek.)
|f(x) - 3|= \left|\dfrac{x-3\sqrt{x}}{1+\sqrt{x}} \right|=\left| \dfrac{x+\sqrt{x}}{1+\sqrt{x}} - \dfrac{4\sqrt{x}+4}{1+\sqrt{x}}+ \dfrac{4}{1+\sqrt{x}}\right|= \left| \sqrt{x} - 4 + \dfrac{4}{1+\sqrt{x}} \right| = 4 - \sqrt{x} - \dfrac{4}{1+\sqrt{x}}
elde ettim. 4 - \sqrt{x} - \dfrac{4}{1+\sqrt{x}} \leq 1 olduğunu kanıtlayabilirim ama 4 - \sqrt{x} - \dfrac{4}{1+\sqrt{x}} \leq \epsilon (\delta ) biçiminde bir ifade bulmalıydım. \epsilon = 1 + \delta seçsek sıkıntı olur mu? Maks. değer hesabına girmeden daha basit bir çözüm varsa ekleyebilirsiniz. Teşekkürler.